题目描述
给定一个字符串 S 和一个字符串 T，计算在 S 的子序列中 T 出现的个数。
一个字符串的一个子序列是指，通过删除一些（也可以不删除）字符且不干扰剩余字符相对位置所组成的新字符串。（例如，"ACE" 是 "ABCDE" 的一个子序列，而 "AEC" 不是）
示例1
输入：S = "rabbbit", T = "rabbit"输出：3解释：如下图所示, 有 3 种可以从 S 中得到 "rabbit" 的方案。(上箭头符号 ^ 表示选取的字母)
rabbbit^^^^ ^^rabbbit^^ ^^^^rabbbit^^^ ^^^
示例2
输入：S = "babgbag", T = "bag"输出：5解释：如下图所示, 有 5 种可以从 S 中得到 "bag" 的方案。(上箭头符号 ^ 表示选取的字母)
babgbag^^ ^babgbag^^ ^babgbag^ ^^babgbag ^ ^^babgbag ^^^
题解
dfs+记忆化搜索
这题要求字符串 s 中有多少子序列正好等于字符串 t ，那么我们不如从最后一个字符看起，假设 s 和 t 的长度分别为 n 和 m 。
如果 s[n-1] 和 t[m-1] 不相等，那么显然只能在 s[0] 到 s[n-2] 之中寻找 t 。
如果 s[n-1] 和 t[m-1] 相等，那么有两种选择。一种是这两个字符对应上，然后在 s[0] 到 s[n-2] 之中寻找 t[0] 到 t[m-2] 。另一种是不用 s[n-1] ，还是和上一种情况一样，在 s[0] 到 s[n-2] 之中寻找 t 。两种选择的方案数加起来就是答案了。
那么递归终止条件是什么呢？如果发现 s 已经空了，但是 t 还有字符没有对应上，那么方案数一定为 0 。如果 t 空了，那么不管 s 还剩多少字符，都说明 t 已经找到对应的子序列了，方案数加 1 。
为了防止重复计算，还要加上记忆化搜索，用数组记录一下每个状态的方案数。状态 (i, j) 就表示在 s[0] 到 s[i] 中寻找 t[0] 到 t[j] 的方案数。
动态规划
当然一般上面那种 dfs 都可以转化成动态规划的写法。
这里动态规划就是从长度比较短的字符串开始求解。初始状态是 dp[i][0] ，表示 s[0] 到 s[i] 之中有多少个 t[0] ，这很容易求出来。
然后两层循环遍历两个的字符串的结尾，跟上面 dfs 方法一样，如果 s[i] 和 t[j] 不相等，那么 dp[i][j] = dp[i-1][j] ；否则的话再加上一个 dp[i-1][j-1] 就行了。
动态规划+空间优化
上面动态规划方法有个问题就是字符串如果太长的话，空间会吃不消。而仔细观察就会发现，当循环到 i ，然后遍历 j 的时候，其实只会用到 i-1 的状态。那么我们就可以去掉第一维，只保存 j 的所有状态就行了。
但是有个注意的点是，第二层循环 j 的顺序要变一下，要从大往小遍历。因为 j 需要用到 (i-1, j-1) 时刻的状态值，如果你从小到大遍历，那么 (i, j-1) 的方案数就会把 (i-1, j-1) 的方案数覆盖掉，之后你获取到的就不是 i-1 时刻的方案数了。
另一个小区别是 dp[i][0] 的计算被移到了第一层循环的最后，而不是初始化就计算好了。这是因为第一维 i 被去掉了，所以只能在用到的时候再更新计算。
动态规划+空间优化+时间优化
其实上面一个方法速度已经不错了，但是时间上还是有优化的余地的。
可以发现，只有当 s[i] = t[j] 的时候，才需要更新 (i, j) 的方案数。所以我们只需要提前预处理出来每个字母 s[i] 在 字符串 t 中的哪些位置出现过就行了。然后遍历的时候只需要直接取出这些位置来更新就行了。
而实际运行中也会发现， dfs 要比动态规划快很多！这是因为 dfs 只会遍历合法的那些状态，而动态规划会把所有状态都计算出来，不管对最后的答案有没有帮助。
举个例子，s = "abcbbbb" ， t = "abc" ，因为 t 只在 s 的前三个字母中出现了，所以如果我们寻找 t 的子串 "ab" 在 s 中出现次数的时候，从第二个 b 开始都是没有任何意义的，因为后面都没有 c 给你匹配了。
代码
dfs+记忆化搜索（c++）
class Solution {public: int numDistinct(string s, string t) { int n = s.size(), m = t.size(); if (n < m) return 0; vector<vector<int> > dp(n, vector<int>(m, -1)); return dfs(n-1, m-1, s, t, dp); }
int dfs(int i, int j, string& s, string& t, vector<vector<int> >& dp) { if (j < 0) return 1; if (i < 0) return 0; if (dp[i][j] >= 0) return dp[i][j]; int res = dfs(i-1, j, s, t, dp); if (s[i] == t[j]) res += dfs(i-1, j-1, s, t, dp); return dp[i][j]=res; }};
动态规划（c++）
class Solution {public: int numDistinct(string s, string t) { int n = s.size(), m = t.size(); if (n < m) return 0; vector<vector<long> > dp(n, vector<long>(m, 0)); dp[0][0] = (s[0] == t[0]); for (int i = 1; i < n; ++i) { dp[i][0] = dp[i-1][0] + (s[i] == t[0]); } for (int i = 1; i < n; ++i) { for (int j = 1; j < m; ++j) { dp[i][j] = dp[i-1][j]; if (s[i] == t[j]) { dp[i][j] += dp[i-1][j-1]; } } } return dp[n-1][m-1]; }};
动态规划+空间优化（c++）
class Solution {public: int numDistinct(string s, string t) { int n = s.size(), m = t.size(); if (n < m) return 0; vector<long> dp(m, 0); dp[0] = (s[0] == t[0]); for (int i = 1; i < n; ++i) { for (int j = m-1; j >= 1; --j) { if (s[i] == t[j]) { dp[j] += dp[j-1]; } } if (s[i] == t[0]) dp[0]++; } return dp[m-1]; }};
动态规划+空间优化+时间优化（c++）
class Solution {public: int numDistinct(string s, string t) { int n = s.size(), m = t.size(); if (n < m) return 0; vector<long> dp(m, 0); vector<vector<int> > pos(300); for (int j = 1; j < m; ++j) { pos[t[j]].push_back(j); } dp[0] = (s[0] == t[0]); for (int i = 1; i < n; ++i) { int sz = pos[s[i]].size(); for (int j = sz-1; j >= 0; --j) { int p = pos[s[i]][j]; dp[p] += dp[p-1]; } if (s[i] == t[0]) dp[0]++; } return dp[m-1]; }};
dfs+记忆化搜索（python）
class Solution: def numDistinct(self, s: str, t: str) -> int: n, m = len(s), len(t) if n < m: return 0 self.dp = [[-1]*m for _ in range(n)] return self.dfs(n-1, m-1, s, t) def dfs(self, i, j, s, t): if j < 0: return 1 if i < 0: return 0 if self.dp[i][j] >= 0: return self.dp[i][j] res = self.dfs(i-1, j, s, t) if s[i] == t[j]: res += self.dfs(i-1, j-1, s, t) self.dp[i][j] = res return res
动态规划（python）
class Solution: def numDistinct(self, s: str, t: str) -> int: n, m = len(s), len(t) if n < m: return 0 dp = [[0]*m for _ in range(n)] if s[0] == t[0]: dp[0][0] = 1 for i in range(1, n): dp[i][0] = dp[i-1][0] + (1 if s[i] == t[0] else 0) for i in range(1, n): for j in range(1, m): dp[i][j] = dp[i-1][j] if s[i] == t[j]: dp[i][j] += dp[i-1][j-1] return dp[n-1][m-1]
动态规划+空间优化（python）
class Solution: def numDistinct(self, s: str, t: str) -> int: n, m = len(s), len(t) if n < m: return 0 dp = [0] * m if s[0] == t[0]: dp[0] = 1 for i in range(1, n): for j in range(m-1, 0, -1): if s[i] == t[j]: dp[j] += dp[j-1] if s[i] == t[0]: dp[0] += 1 return dp[m-1]
动态规划+空间优化+时间优化（python）
class Solution: def numDistinct(self, s: str, t: str) -> int: n, m = len(s), len(t) if n < m: return 0 dp = [0] * m pos = [[] for _ in range(300)] for j in range(1, m): pos[ord(t[j])].append(j) if s[0] == t[0]: dp[0] = 1 for i in range(1, n): for j in pos[ord(s[i])][::-1]: if s[i] == t[j]: dp[j] += dp[j-1] if s[i] == t[0]: dp[0] += 1 return dp[m-1]
后记
这题还有个坑爹的地方，就是用动态规划写的时候，数组数据类型必须定义成 long 类型，否则会爆 int 范围，但是最终的答案又在 int 范围内。这其实就是因为动态规划计算了很多无用的状态，这些状态里有超出 int 范围的。而 dfs 用 int 就完全没有问题。
本题还是非常不错的，带你一步步从最好写的 dfs ，然后转化成动态规划，然后优化空间，减少数组维度，最后优化时间。优化时间在 c++ 上面提升不明显，但是 python 提升非常大，直接超过了 100% 的方法。
时间上还有一些小 trick ，我这里没有考虑，留给大家思考。比如对于状态 (i, j) ，如果 n-i < m-j ，那么就没必要更新了，因为 s 中剩下来的字符串都不够 t 剩下来的去匹配的。
