​​原题链接​​题意：
给定一棵树，每个节点都可以涂三种颜色，分别有不同的代价。现在要求你对一棵树进行涂色，要求任意相邻的三个点的颜色都不同，求最小代价和任意一种涂色方案，没有方案输出-1
思路：
首先，如果一个节点的度数大于3那就必然不能成功涂色。
假设A的出度点是B,C,D.那么无论怎么组合，都无法使得任意三个点的颜色相同。
所以这棵树只有由度数为1和2的点构成的时候才可以被涂色，这时候就相当于一条链。
从链的一端开始涂色，当前两个点的颜色确定时，第三个点的颜色也会确定，相继会确定所有点的颜色。我们只需要枚举前两个点的涂色方案，从而计算出每一种涂色方案的权值，记录最小值即可。
代码：

#pragma
#pragma
#pragma
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<ll,ll>PLL;
typedef pair<int,int>PII;
typedef pair<double,double>PDD;
#define
inline ll read()
{
    ll x=0,f=1;
    char ch=getchar();
    while(ch<'0'||ch>'9')
    {
        if(ch=='-')f=-1;
        ch=getchar();
    }
    while(ch>='0'&&ch<='9')
    {
        x=x*10+ch-'0';
        ch=getchar();
    }
    return x*f;
}
char F[200];
inline void out(I_int x)
{
    if (x == 0) return (void) (putchar('0'));
    I_int tmp = x > 0 ? x : -x;
    if (x < 0) putchar('-');
    int cnt = 0;
    while (tmp > 0)
    {
        F[cnt++] = tmp % 10 + '0';
        tmp /= 10;
    }
    while (cnt > 0) putchar(F[--cnt]);
    //cout<<" ";
}
ll ksm(ll a,ll b,ll p)
{
    //a%=p;
    ll res=1;
    while(b)
    {
        if(b&1)res=1ll*res*a%p;
        a=1ll*a*a%p;
        b>>=1;
    }
    return res;
}
const int inf=0x3f3f3f3f;
const ll mod=1e9+7;
const ll INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const int maxn=2e5+100,maxm=3e5+7,N=1e6+7;
const double PI = atan(1.0)*4;
vector<int>g[maxn];
ll col[4][maxn];
int n,din[maxn];
int tmp[maxn],res[maxn];
ll ans=-1;
int t[maxn];
///dfs(1,s,-1);
void dfs(int u,int now,int fa){
    if(u>=3) t[u]=6-t[u-1]-t[u-2];
    tmp[now]=t[u];
    ans+=col[tmp[now]][now];
    for(auto t:g[now]){
        if(t==fa) continue;
        dfs(u+1,t,now);
    }
}
int main()
{
    n=read();
    for(int i=1;i<=3;i++)
        for(int j=1;j<=n;j++)
           col[i][j]=read();
    bool flag=1;
    for(int i=1;i<n;i++){
        int u=read(),v=read();
        g[u].push_back(v);
        g[v].push_back(u);
        din[u]++;din[v]++;
        if(din[u]>2||din[v]>2) flag=0;
    }
    if(!flag) puts("-1");
    else{
        int s=-1;
        for(int i=1;i<=n;i++)
            if(din[i]==1){///从头开始遍历
                s=i;break;
            }
        ll minn=INF;
        for(t[1]=1;t[1]<=3;t[1]++)///枚举前两个点的涂色方案
            for(t[2]=1;t[2]<=3;t[2]++)
                if(t[1]!=t[2]){
                    ans=0;
                    dfs(1,s,0);
                    if(minn>ans){
                        minn=ans;
                        for(int i=1;i<=n;i++) res[i]=tmp[i];///更新答案
                    }
                        
                }
        printf("%lld\n",minn);
        for(int i=1;i<=n;i++)
            printf("%d ",res[i]);
    }
    return 0;
}

​