文章目录
基础算法（一）
本节讲解的是排序和二分，排序讲解了快排和归并，二分讲解了整数二分和浮点数二分。
排序
快排
quick_sort(int q[], int l, int r)
q是待排序数组，l是待排序区间的左边界，r是右边界
- 基本思路
- 选取一个基准值
x可以取左边界的值q[l]，或右边界的值q[r]，或者中间位置的值q[l + r >> 1] - ⭐️根据基准值，调整区间，使得左半边区间的值全都
≤x，右半边区间的值全都≥x采用双指针，左指针i从左边界l开始，往右扫描，右指针j从右边界r开始，往左扫描。
当满足条件q[i] < x时，i右移；直到不满足条件时，i停下；开始移动j当满足条件q[j] > x时，j左移；直到不满足条件时，j停下；交换q[i]和q[j]；
将i右移一位，j左移一位。
重复上面的操作，直到i和j相遇。此时左半区间的数都满足≤x，且左半区间的最后一个数的下标为j，右半区间的数都满足≥x，且右半区间的第一个数的下标为i。i和j之间的关系为：i = j + 1或i = j - 对左右两边的区间，做递归操作
递归操作[l, j]，[j + 1, r]区间，或者[l, i - 1]，[i, r]区间即可
- 算法题目
Acwing - 785 快速排序#include<iostream> using namespace std; const int N = 100010; int n; int q[N]; void quick_sort(int q[], int l, int r) { if(l >= r) return; // 递归退出条件, 不要写成 l == r, 可能会出现 l > r 的情况，可以尝试用例[1,2] int x = q[l + r >> 1], i = l - 1, j = r + 1; // 这里 i 置为 l - 1, j 置为 r + 1, 是因为下面更新i, j 时采用了do while循环, while(i < j) { // 这里不要写成 i <= j do i++; while(q[i] < x);// 不能写为 <= x , 那样写 i 可能会越界, 考虑 [1,1,1]。 // 因为基准值x是数组中的一个数，i从左往右移动的过程中，一定会遇到这个数x，此时不满足小于条件, i 一定会停下，也就变相保证了 i 不会越界。 do j--; while(q[j] > x);// 不能写为 >= x , 因为 j 可能会越界, 原因同上 if(i < j) swap(q[i], q[j]); // 若 i 和 j 还未相遇, 则交换2个数 } quick_sort(q, l, j); quick_sort(q, j + 1, r); } int main() { scanf("%d", &n); for(int i = 0; i < n; i++) scanf("%d", &q[i]); quick_sort(q, 0, n - 1); for(int i = 0; i < n; i++) printf("%d ", q[i]); } - 注意要点当区间划分结束后，左指针
i和右指针j的相对位置，只有2种情况 -
i = j + 1 -
i = j（此时i和j指向的元素，恰好等于基准值x）
- 若用
j来作为区间的分界，则[l, j] 都是≤x，[j + 1, r]都是≥x若用i来作为区间的分界，则[l, i - 1]都是≤x，[i, r]都是≥x当取i作为分界的话，基准值x不能取到左边界q[l]，否则会出现死循环，比如用例[1,2]。此时基准值可以取q[r]，或者q[l + r + 1 >> 1]，注意取中间位置的数时，要加个1，避免l + r >> 1的结果为l当取j作为分界的话，基准值x不能取到右边界q[r]，否则会出现死循环。此时基准值可以取q[l]，或者q[l + r >> 1] - 算法模板
// 任选一种模板进行记忆即可, 下面采用: 基准值取中间位置, 递归时使用j作分界 void quick_sort(int q[], int l, int r) { if(l >= r) return; int x = q[l + r >> 1], i = l - 1, j = r + 1; while(i < j) { do i++; while(q[i] < x); do j--; while(q[j] > x); if(i < j) swap(q[i], q[j]); } quick_sort(q, l, j); quick_sort(q, j + 1, r); } - 思想总结
- 选一个值
x - 以该值为分界点，将数组分为左右两部分，左边的全都
≤x，右边的全都≥x - 对左右两部分进行递归操作
衍生题目：求第k个数
练习题：Acwing - 786 第k个数
#include<iostream>
using namespace std;
const int N = 1e5 +10;
int n, k;
int q[N];
// 选取[l, r]区间内数组q第k小的数
int quick_select(int q[], int l, int r, int k) {
if(l == r) return q[l]; // 找到答案
int x = q[l + r >> 1], i = l - 1, j = r + 1;
while(i < j) {
while(q[++i] < x);
while(q[--j] > x);
if(i < j) swap(q[i], q[j]);
}
int left = j - l + 1;
if(k <= left) return quick_select(q, l, j, k);
else return quick_select(q, j + 1, r, k - left);
}
int main() {
scanf("%d%d", &n, &k);
for(int i = 0; i < n; i++) scanf("%d", &q[i]);
printf("%d", quick_select(q, 0, n - 1, k));
return 0;
}
归并
merge_sort(int q[], int l, int r)
- 基本思路
- 确定分界点，一般是中间位置
- 从分界点将数组切成两半，对左右两部分做递归排序
- ⭐️将左右两部分区间合并成一个区间（将2个有序数组，合并成1个有序数组，使用双指针即可）
- 算法题目
Acwing - 787 归并排序#include<iostream> using namespace std; const int N = 1e6 + 10; int n; int q[N], tmp[N]; void merge_sort(int q[], int l, int r) { if(l >= r) return; int mid = l + r >> 1; merge_sort(q, l, mid); merge_sort(q, mid + 1, r); // 合并 int i = l, j = mid + 1, k = 0; while(i <= mid && j <= r) { if(q[i] <= q[j]) tmp[k++] = q[i++]; else tmp[k++] = q[j++]; } while(i <= mid) tmp[k++] = q[i++]; while(j <= r) tmp[k++] = q[j++]; for(i = l, j = 0; i <= r; i++, j++) q[i] = tmp[j]; } int main() { scanf("%d", &n); for(int i = 0; i < n; i++) scanf("%d", &q[i]); merge_sort(q, 0, n - 1); for(int i = 0; i < n; i++) printf("%d ", q[i]); }
衍生题目：逆序对的数量
练习题：Acwing - 788: 逆序对的数量
#include<iostream>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N = 1e5 + 10;
int n;
int q[N], tmp[N];
// 返回区间[l, r]中的逆序对的数量
LL merge_sort(int q[], int l, int r) {
if(l >= r) return 0;
int mid = l + r >> 1;
LL cnt = merge_sort(q, l, mid) + merge_sort(q, mid + 1, r); // 计算左右区间内各自的逆序对数量
// 合并时, 计算左右两个区间中的数组成的逆序对
int i = l, j = mid + 1, k = 0;
while(i <= mid && j <= r) {
if(q[i] <= q[j]) tmp[k++] = q[i++];
else {
cnt += mid - i + 1;
tmp[k++] = q[j++];
}
}
while(i <= mid) tmp[k++] = q[i++];
while(j <= r) tmp[k++] = q[j++];
for(int i = l, k = 0; i <= r; i++, k++) q[i] = tmp[k];
return cnt;
}
int main() {
scanf("%d", &n);
for(int i = 0; i < n; i++) scanf("%d", &q[i]);
LL cnt = merge_sort(q, 0, n - 1);
printf("%lld", cnt);
return 0;
}
二分
整数二分
- 算法模板
int binary_search_1(int l, int r) { while(l < r) { int mid = l + r >> 1; if(check(mid)) r = mid; else l = mid + 1; } return l; } int binary_search_2(int l, int r) { while(l < r) { int mid = l + r + 1 >> 1; // 当下面是 l = mid 这样来更新的话，这里计算mid时要多加1，否则会出现边界问题 if(check(mid)) l = mid; else r = mid - 1; } return l; } - 二分的本质
注意：二分的本质不是单调性。单调性可以理解为函数单调性，如一个数组是升序排列或降序排列，此时可以用二分来查找某一个数的位置。
有单调性一定可以二分，但没有单调性，也有可能能够二分。
二分的本质是边界。假设给定一个区间，如果能够根据某个条件，将区间划分为左右两部分，使得左半边满足这个条件，右半边不满足这个条件（或者反之）。此时就可以用二分来查找左右两部分的边界点。
注意左右两半部分的边界不是同一个点，而是相邻的2个点，因为是整数二分（离散的）。上面的2个算法模板，就分别对应了求左半部分的边界（上图红色区域最右边的点），和求右半部分的边界（上图绿色区域最左边的点）
比如，我们要找上图中左边红色部分的边界点，我们取mid = l + r >> 1，判断一下q[mid]是否满足条件x，若满足，说明mid位置在红色区域内，我们的答案在mid右侧（可以取到mid），即[mid, r]，则此时更新l = mid；若q[mid]不满足条件x，则说明mid位置在右边的绿色区域，我们的答案在mid左侧（不能取到mid），即[l, mid - 1]，此时更新r = mid - 1。
注意，当采用l = mid和r = mid - 1这种更新方式时，计算mid时，要加上1（向上取整），即mid = l + r + 1 >> 1。否则，在l = r - 1时，计算mid时若不加1，则mid = l + r >> 1 = l，这样更新l = mid，就是l = l，会导致死循环。所以要向上取整，采用mid = l + r + 1 >> 1。
同理，当采用r = mid 和 l = mid + 1这种更新方式时，计算mid时不能加1，在l = r - 1时，若计算mid时加1，则mid = l + r + 1 >> 1 = r，这样更新r = mid。就是r = r，会导致死循环。
简单的记忆就是，仅当采用l = mid这种更新方式时，计算mid时需要加1。
练习题：Acwing-789:数的范围
#include<iostream>
using namespace std;
const int N = 100010;
int arr[N];
int n,q;
int main() {
scanf("%d%d", &n, &q);
for(int i = 0; i < n; i++) scanf("%d", &arr[i]);
while(q--) {
int k;
scanf("%d", &k);
int l = 0, r = n - 1;
while(l < r) {
int mid = l + r >> 1;
if(arr[mid] >= k) r = mid;
else l = mid + 1;
}
if(arr[l] != k) printf("-1 -1\n");
else {
printf("%d ", l);
l = 0, r = n - 1;
while(l < r) {
int mid = l + r + 1 >> 1;
if(arr[mid] <= k) l = mid;
else r = mid - 1;
}
printf("%d\n", l);
}
}
}
浮点数二分
相比整数二分，浮点数二分无需考虑边界问题，比较简单。
当二分的区间足够小时，可以认为已经找到了答案，如当r - l < 1e-6，停止二分。
或者直接迭代一定的次数，比如循环100次后停止二分。
练习题：Acwing-790:数的三次方根
#include<iostream>
using namespace std;
int main() {
double n;
scanf("%lf", &n);
double l = -10000, r = 10000;
while(r - l > 1e-8) {
double mid = (l + r) / 2;
if(mid * mid * mid >= n) r = mid;
else l = mid;
}
printf("%.6f", l);
}
