简介：
坐在圆桌边的n个人，没人有一定的金币，通过和身边人的交换，使得每个人手中的金币一样，求最少转移金币数目
分析：
这道题还是挺难的
我们需要慢慢分析
首先，我们可以算出来每个人最后手里的金币M（平均数）
假设有4个人，按顺序编号1,2,3,4
假设1号给2号3枚金币，2号给1号4枚金币，相当于2号给1号1枚金币，而1号没有给2号任何东西
那我们可以设x2表示2号给了1号多少枚金币
如果x2是负数，那么就代表1号给了2号金币
xi表示第i个人给第i-1个人的金币数目
现在假设第i个人有Ai枚金币，对于1号来说，ta给了4号x1枚金币（因为是环形的），2号又给了1号x2枚金币，
所以现在i号手里有A1-x1+x2
根据题目的要求，我们实际上得到了一个方程A1-x1+x2=M
这样我们就可以根据n个人得到n个方程，
然而
实际上最后一个方程我们可以通过前面的方程推导出来（因为是环形的）
所以我们现在只有n-1个方程是可用的
但是我们不虚，先画画柿子来看
我们可以用x1表示出其他的x
| A1-x1+x2=M | x2=x1+M-A1=x1-C1 (我们设Ci=Σ[1~i]{Ai-M}) |
|---|---|
| A2-x2+x3=M | x3=x1+M-A1+M-A2=x1-C2 |
| A3-x3+x4=M | x4=x1+M-A1+M-A2+M-A3=x1-C3 |
我们得到了xi=x1-C[i-1]
问题的终极目标是使所有xi的绝对值之和尽量少，即
|x1|+|x1-C1|+|x1-C2|+…+|x1-C[n-1]|
注意，|x1-Ci|表示的几何意义是Ci到x1的距离，问题就转变成了，数轴上有若干点Ci
找到一个离ta们距离之和最小的点（x1）
用我们的常识想想，我们就能想到，x1就是这（n-1）个数的中位数
对于ta的证明，那是非常的美妙和精巧：
我们现在需要证明的是：
给定数轴上n个点，在数轴上所有点之中，中位数离所有定点的距离之和最小
凡是能转化成这个模型的题目都可以用中位数求解
让我们把题目具象化一下： 
任意找一个点，如图中的红点，ta的左边有4个点，右边有2个点，
把ta往左移动一点，但是不碰到定点
假设我们移动了d的距离，总的来说距离之和就减少了2d
换句话说，如果红点两边的定点数目不同时，该点就不是最优点，那什么时候该点的两边有相等数目的点呢
当然是在中点啊
- 输入点有奇数个，选中点就应该与中间的那个点重合（中位数）
- 输入点有偶数个，选中点就可以位于最中间两个点之间的任意位置
注意C的下标
//这里写代码片
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define ll long long
using namespace std;
const int N=1000010;
int n;
ll C[N],a[N];
int main()
{
while (scanf("%d",&n)!=EOF)
{
ll sum=0;
for (int i=1;i<=n;i++)
scanf("%lld",&a[i]),sum+=a[i];
sum/=n; //平均数
C[0]=0;
for (int i=1;i<n;i++)
C[i]=C[i-1]+a[i]-sum; //xn=x1-C[n-1]
sort(C,C+n); //一共n个元素
ll x1=C[n/2];
ll ans=0;
for (int i=0;i<n;i++) ans+=abs(x1-C[i]);
printf("%lld\n",ans);
}
return 0;
}
