题目描述

有两个仅包含小写英文字母的字符串 A 和 B。现在要从字符串 A 中取出 k 个互不重叠的非空子串,然后把这 k 个子串按照其在字符串 A 中出现的顺序依次连接起来得到一 个新的字符串,请问有多少种方案可以使得这个新串与字符串 B 相等?注意:子串取出 的位置不同也认为是不同的方案。

输入输出格式

输入格式：

输入文件名为 substring.in。

第一行是三个正整数 n,m,k,分别表示字符串 A 的长度,字符串 B 的长度,以及问

题描述中所提到的 k,每两个整数之间用一个空格隔开。 第二行包含一个长度为 n 的字符串,表示字符串 A。 第三行包含一个长度为 m 的字符串,表示字符串 B。

输出格式：

输出文件名为 substring.out。 输出共一行,包含一个整数,表示所求方案数。由于答案可能很大,所以这里要求[b]输出答案对 1,000,000,007 取模的结果。[/b]

输入输出样例

输入样例#1：
6 3 1 
aabaab 
aab
输出样例#1：
2
输入样例#2：
6 3 2 
aabaab 
aab
输出样例#2：
7
输入样例#3：
6 3 3 
aabaab 
aab
输出样例#3：
7

说明

对于第 1 组数据:1≤n≤500,1≤m≤50,k=1;

对于第 2 组至第 3 组数据:1≤n≤500,1≤m≤50,k=2; 对于第 4 组至第 5 组数据:1≤n≤500,1≤m≤50,k=m; 对于第 1 组至第 7 组数据:1≤n≤500,1≤m≤50,1≤k≤m; 对于第 1 组至第 9 组数据:1≤n≤1000,1≤m≤100,1≤k≤m; 对于所有 10 组数据:1≤n≤1000,1≤m≤200,1≤k≤m。

 

题解：

这题各种DP的都有

我定义的F[2][i][j]表示以i,j结尾的字符串最多可以匹配的方案数，第一维是滚动的k

易知：

如果A[i]==B[j]&&A[i-1]==B[j-1]那么A[i][j]可以直接接上原来已经匹配好的，那么F[][i][j]+=F[][i-1][j-1]

如果A[i]==B[j]就用这一位接前面k-1次匹配好的，F[][i][j]=sum(F[][p][j-1]) p=1到i-1

都不成立那么F[][i][j]=0

答案就是sum(F[][m到n][m]).

 

 1 #include<iostream>
 2 #include<cstdio>
 3 #include<algorithm>
 4 #include<cmath>
 5 #include<cstring>
 6 using namespace std;
 7 typedef long long ll;
 8 const int mod=1000000007;
 9 const int N=1005,M=205;
10 int n,m,p;char a[N],b[M];
11 int last[N][M];ll f[2][N][M],sum[2][N][M];
12 int main()
13 {
14     scanf("%d%d%d",&n,&m,&p);
15     scanf("%s",a+1);scanf("%s",b+1);
16     int pp;
17     for(int i=1;i<=n;i++)
18     {
19         pp=(i>m?m:i);
20         for(int j=1;j<=m;j++)
21         if(a[i]==b[j])last[i][j]=last[i-1][j-1]+1;
22         else last[i][j]=0;
23     }
24     int g=0,gg=1;
25     for(int i=1;i<=n;i++)
26     {
27         pp=(i>m?m:i);
28         for(int j=1;j<=pp;j++)
29         if(last[i][j]==j)f[g][i][j]=1;
30     }
31     for(int k=2;k<=p;k++)
32     {
33         for(int i=1;i<=n;i++)
34         for(int j=1;j<=m;j++)
35         sum[g][i][j]=(sum[g][i-1][j]+(f[g][i][j]%mod))%mod;
36         for(int i=1;i<=n;i++)
37         {
38             pp=(i<=m?i:m);
39             for(int j=1;j<=m;j++)
40             {
41                 if(!last[i][j])continue;
42                 f[gg][i][j]=sum[g][i-1][j-1];
43                 if(last[i][j]>=2)f[gg][i][j]=(f[gg][i][j]+(f[gg][i-1][j-1]%mod))%mod;
44             }
45         }
46         g^=1;gg^=1;
47     }
48     ll ans=0;
49     for(int i=m;i<=n;i++)ans=(ans+(f[g][i][m]%mod))%mod;
50     printf("%lld",ans);
51     return 0;
52 }